Cercle d'Euler

sont concourantes : leur point de concours est le centre du cercle circonscrit à ce triangle.    Remarques :    * le centre du cercle circonscrit à un triangle peut être situé "à l'extérieur" du triangle.   * le cercle est circonscrit au triangle et le triangle est inscrit dans le cercle (les 3 sommets du triangle sont sur le cercle).   * comment démontrer que le point 0, point de concours des médiatrices de ABC, est le centre du cercle circonscrit à ABC ? on va se servir de ce que l'on a

Arctan(x) + Arccotan(x) = π 2 x en radians 0 Arccos(−x) = π − Arccos(x) π 6 π 4 π 3 π 2 ix cos(x) sin(x) tan(x) 1 0 0 √ √ 3 2 √ 2 2 1 2 1 2 √ 2 2 √ 3 2 3 3 0 −ix 1 ix 1 √ 3 ±∞ −ix Il faut savoir linéariser à l’aide des formules d’Euler cos(x) = e +e et sin(x) = e −e ; de même, 2 2i développer se réalise à partir des formules de Moivre einx = (cos(x) + i sin(x))n = cos(nx) + i sin(nx). Formules d’addition cos(a + b) = sin(a + b) = tan(a + b) = cos(a) cos(b) − sin(a) sin(b) sin(a)

TRIGONOMETRIE En utilisant un cercle trigonométrique, on peut retrouver les formules suivantes: cos(– α) = cos(α) sin(– α) = – sin(α) cos(π + α ) = – cos(α) sin(π + α) = – sin(α) cos(π –α) = – cos(α) sin(π–α) = sin(α) $! ' " # ) = sin(α) %2 ( cos % #! & + " ( = – sin(α) $2 ' $! ' " # ) = cos(α) %2 ( sin % cos & #! & + " ( = cos(α) $2 ' sin & Les huits formules basiques cos2(α) + sin2(α) = 1 (1) 1 (en divisant par cos2(α)) 1 + tan2(α) = (en divisant par sin2(α)) 1 + cotan2(α) = sin(a

est lié à l’essence propre de chaque corps  La théorie aristotélicienne du mouvement est donc associée à une théorie de l’espace qui est différencié selon des lieux, et à une structure d’ordre du Cosmos. Les lignes géométriques simples (droite et cercle), les éléments, le léger et le grave, dont Aristote fait des qualités absolues de la matière, sont physiquement liés. Et tout cela forme un tout harmonieux. C’est une des raisons essentielles de son adoption. La Terre a donc une position centrale

Bille dans un bol Une petite bille de masse m = 20 g supposée ponctuelle peut glisser sans frottement dans un bol de rayon R = 8,0 cm. Sa trajectoire, lorsqu’elle est en contact avec la cuvette est un arc de cercle situé dans un plan vertical. L’ axe vertical Oz est orienté vers le haut ; l’origine O de l’axe est situé en haut du bol. Son ordonnée est nulle z(0) = 0 m. La position de la bille est assimilée à un point M qui se déplace dans le plan vertical. Son ordonnée est notée ‘z’. L’angle

s'effectue dans un mouvement de léger arc de cercle vers l'extérieur, afin de respecter le mouvement naturel du bras.  Au niveau de l'épaule, et avant d'enchainer la phase de poussée, la main reviens se positionner plus vers le centre du corps, le bras se plie, et le coude se positionne à l'extérieur par rapport à la main: le bras est prêt pour la poussée.  La phase de poussée termine le trajet aquatique du bras; elle s'effectue dans un léger arc de cercle cette fois orienté vers l'intérieur, en orientant

Calculer c−a . En déduire que le triangle ABC est rectangle isocèle. b−a 2. a. On appelle r la rotation de centre A telle que r(B) = C. Déterminer l'angle de r et calculer l'affixe d du point D = r(C). b. Soit Γ le cercle de diamètre [BC]. Déterminer et construire l'image Γ' du cercle Γ par la rotation r. 3. Soit M un point de Γ d'affixe z, distinct de C et M' d'affixe z' son image par r. ¤ ¥ ¤ ¥ ¡ ¢ a. Montrer qu'il existe un réel θ appartenant à 0 ; π π ∪ ; 2π tel que z = 1 + eiθ . 2 2

S ∩ P équivaut à  2 2 z = x + 2 x + y + 1   z = 5 équivaut à  2 2  x + 2x + y + 1 = 5  z = 5  équivaut à  2 2 ( x + 1) − 1 + y + 1 = 5  z = 5  équivaut à  2 2 ( x + 1) + y = 5  Donc la section de la surface S et du plan P est le cercle de centre ( −1 ; 0 ; 5 ) et de rayon 5. La proposition 2 est donc fausse. -4C. Lainé 3) 750 = 53 × 6 ; alors 5750 − 1 = 55 3 ×6 − 1 = 55 ( ) 3 6 − 1 = 55 3 ( ) 3 7 −1 − 1. Or 7 est un nombre premier qui ne divise pas

i  2 )(5 + 4i – (– 3 – 4i) + (–3 – 4i) 2 2 zE = (  2 + i  2 )(8 + 8i ) + (–3 – 4i) = 4 √ 2 + 4 √ 2 i + 4 √ 2 i – 4 √ 2 – 3 – 4i = – 3 + (8 √ 2 – 4)i 2 2 Placer le point E. On construit le cercle de centre B et passant par C. L'abscisse de E est –3. E est à l'intersection de ce cercle et de la droite d'équation x = – 3 telle que l'ordonnée soit positive. 4. Soit D l’image du point E par l’homothétie h de centre B et de rapport On a donc : ⃗ = BD On en déduit : zD = Or, zE – zB= (

tournant décisif dans l'oeuvre de Kandinsky. Quand le Bauhaus se transporte à Dassau, à l'été 1925, Kandinsky rédige un questionnaire pour ses étudiants où il leur demande d'assortir un cercle, un carré et un triangle à trois couleurs primaires censées faire ressortir ces formes géométriques. Tous associent le bleu au cercle, le rouge au carré, le jaune au triangle. C'est dans ce contexte qu'il écrit "Point-ligne-plan" et crée "Jaune-rouge-bleu" où l'on retrouve ces éléments retranscits dans un graphisme